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来源： 英雄哪里出来
cppblog.com/menjitianya/archive/2015/11/02/212171.html
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目录
一、从图形学算法说起
1、Median Filter 概述
2、r pixel-Median Filter 算法
3、一维模型
4、数据结构的设计
5、树状数组华丽登场
二、细说树状数组
1、树 or 数组？
2、结点的含义
3、求和操作
4、更新操作
5、lowbit函数O(1)实现
6、小结
三、树状数组的经典模型
1、PUIQ模型
2、IUPQ模型
3、逆序模型
4、二分模型
5、再说Median Filter
6、多维树状数组模型
四、树状数组题集整理
一、从图形学算法说起
1、Median Filter概述
Median Filter 在现代的图形处理中是非常基础并且广泛应用的算法 (翻译叫 中值滤波器，为了不让人一看到就觉得是高深的东西，还是选择了使用它的英文名，更加能让人明白是个什么东西) ，如图一-1-1，基本就能猜到这是一个什么样的算法了，可以简单的认为是PS中的”模糊”那个操作。
图一-1-1
2、r pixel-Median Filter算法
首先对于一张宽为W，高为H的图片，每个像素点存了一个颜色值，这里为了把问题简化，先讨论黑白图片，黑白图片的每个像素值可以认为是一个[0, 255]的整数（如图一-1-2，为了图片看起来不是那么的密密麻麻，像素值的范围取了[0, 10]）。r pixel-Median Filter 算法描述如下：
对于每个第i行第j列的像素点p(i, j)，像四周扩展一个宽和高均为(2r + 1)的矩形区域，将矩形区域内的像素值按非降序排列后，用排在最中间的那个数字取代原来的像素点p(i, j)的值( 边界的那圈不作考虑 )，下文会将排在最中间的那个数字称为这个序列的中位数。
图一-1-2
如图一-1-2，r = 1，红框代表(2, 3) (下标从0计数，行优先)这个像素点所选取的2r + 1的矩形区域，将内中数字进行非降序排列后，得到[0 1 1 2 3 4 6 7 9]，所以(2, 3)这个像素点的值将从 6 变成 3。这样就可以粗略得到一个时间复杂度为O(n^4logn )的算法（枚举每个像素点，对于每个像素点取矩形窗口元素排序后取中值）。n代表了图片的尺寸，也就是当图片越大，这个算法的执行效率就越低，而且增长迅速。那么如何将这个算法进行优化呢？如果对于二维的情况不是很容易下手的话，不妨先从一维的情况进行考虑。
3、一维模型
将问题转化成一维，可以描述成：给定n(n <= 100000)个范围在[0, 255]的数字序列a[i] (1 <= i < = n)和一个值r (2r+1 <= n)，对于所有的a[k] (r+1 <= k <= n-r)，将它变成 a[k-r ... k+r] 中的中位数。
a[1...7] = [1 7 6 4 3 2 1] r = 2
d[3] = median( [1 7 6 4 3] ) = 4
d[4] = median( [7 6 4 3 2] ) = 4
d[5] = median( [6 4 3 2 1] ) = 3
所以原数组就会变成a[1..7] = [1 7 4 4 3 2 1]那么总共需要计算的元素为n-2r，取这些元素的左右r个元素的值需要2r+1次操作，(n-2r)*(2r+1) 当r = (n-1)/4 时取得最大值，为 (n+1)^2 / 4，再加上排序的时间复杂度，所以最坏情况的时间复杂度为O( n^2 logn )。n的范围不允许这么高复杂度的算法，尝试进行优化。考虑第i个元素的2r+1区域a[ i-r ... i+r ]和第i+1个元素的2r+1区域a[ i+1-r ... i+1+r ]，后者比前者少了一个元素a[i-r]，多了一个元素a[i+1+r]，其它元素都是一样的，那么在计算第i+1个元素的情况时如何利用第i个元素的情况就成了问题的关键。
4、数据结构的设计
我们现在假设有这样一种数据结构，可以支持以下三种操作：
插入(Insert)，将一个数字插入到该数据结构中；
删除(Delete), 将某个数字从该数据结构中删除；
询问(Query), 询问该数据结构中存在数字的中位数；
如果这三个操作都能在O( log(n) )或者O(1)的时间内完成，那么这个问题就可以完美解决了。具体做法是：首先将a[1...2r+1]这些元素都插入到该数据结构中，然后询问中位数替换掉a[r+1]，再删除a[1]，插入a[2r+2]，询问中位数替换掉a[r+2]，以此类推，直到计算完第n-r个元素。所有操作都在O( log(n) ) 时间内完成的话，总的时间复杂度就是O( nlogn )。
我们来看什么样的数据结构可以满足这三条操作都在O( log(n) )的时间内完成，考虑每个数字的范围是[0, 255]，如果我们将这些数字映射到一个线性表中(即 HASH表)，插入和删除操作都可以做到O(1)。具体得，用一个辅助数组d[256]，插入a[i]执行的是d[ a[i] ] ++，删除a[i]执行的是 d[ a[i] ] –；询问操作是对d数组进行顺序统计，顺序枚举i，找到第一个满足sum{d[j] | 1 <= j <= i} >= r+1的 i 就是所求中位数，这样就得到了一个时间复杂度为O(Kn)的算法，其中K是数字的值域（这里讨论的问题值域是256）。
相比之前的算法，这种方法已经前进了一大步，至少n的指数下降了大于一个数量级，但是也带来了一个问题，如果数字的值域很大，复杂度还是会很大，所以需要更好的算法支持。
5、树状数组华丽登场
这里引入一种数据结构 – 树状数组 ( Binary Indexed Tree，BIT，二分索引树 )，它只有两种基本操作，并且都是操作线性表的数据的：
add( i, 1 ) (1<=i<=n) 对第i个元素的值自增1 O(logn)
sum( i ) (1<=i<=n) 统计[1...i]元素值的和 O(logn)
试想一下，如果用HASH来实现这两个函数，那么1的复杂度是O(1)，而2的复杂度就是O(n)了，而树状数组实现的这两个函数可以让两者的复杂度都达到O(logn)，具体的实现先卖个关子，留到第二节着重介绍。
有了这两种操作，我们需要将它们转化成之前设计的数据结构的那三种操作，首先：
插入(Insert)，对应的是 add(i, 1)，时间复杂度O( logn )
删除(Delete), 对应的是 add(i, -1), 时间复杂度O( logn )
询问(Query), 由于sum( i )能够统计[1...i]元素值的和，换言之，它能够得到我们之前插入的数据中小于等于i的数的个数，那么如果能够知道sum(i) >= r + 1的最小的i，那这个i就是所有插入数据的中位数了（因为根据上文的条件，插入的数据时刻保证有2r+1个）。因为sum(i)是关于 i 的递增函数，所以基于单调性我们可以二分枚举i (1 <= i <= n)，得到最小的 i 满足sum(i) >= r + 1，每次的询问复杂度就是 O( logn * logn )。 一个logn是二分枚举的复杂度，另一个logn是sum函数的复杂度。这样一来，一维的Median Filter模型的整体时间复杂度就降到了O(n * logn * logn)，已经是比较高效的算法了。接下来就是要来说说树状数组的具体实现了。
二、细说树状数组
1、树 or 数组 ？
名曰树状数组，那么究竟它是树还是数组呢？数组在物理空间上是连续的，而树是通过父子关系关联起来的，而树状数组正是这两种关系的结合，首先在存储空间上它是以数组的形式存储的，即下标连续；其次，对于两个数组下标x，y(x < y)，如果x + 2^k = y (k等于x的二进制表示中末尾0的个数)，那么定义(y, x)为一组树上的父子关系，其中y为父结点，x为子结点。
图二-1-1
如图二-1-1，其中A为普通数组，C为树状数组（C在物理空间上和A一样都是连续存储的）。树状数组的第4个元素C4的父结点为C8 (4的二进制表示为”100″，所以k=2，那么4 + 2^2 = 8)，C6和C7同理。C2和C3的父结点为C4，同样也是可以用上面的关系得出的，那么从定义出发，奇数下标一定是叶子结点。
2、结点的含义
然后我们来看树状数组上的结点Ci具体表示什么，这时候就需要利用树的递归性质了。我们定义Ci的值为它的所有子结点的值 和 Ai 的总和，之前提到当i为奇数时Ci一定为叶子结点，所以有Ci = Ai ( i为奇数 )。从图中可以得出：
C1 = A1
C2 = C1 + A2 = A1 + A2
C3 = A3
C4 = C2 + C3 + A4 = A1 + A2 + A3 + A4
C5 = A5
C6 = C5 + A6 = A5 + A6
C7 = A7
C8 = C4 + C6 + C7 + A8 = A1 + A2 + A3 + A4 + A5 + A6 + A7 + A8
建议直接看C8，因为它最具代表性。
我们从中可以发现，其实Ci还有一种更加普适的定义，它表示的其实是一段原数组A的连续区间和。根据定义，右区间是很明显的，一定是i，即Ci表示的区间的最后一个元素一定是Ai，那么接下来就是要求Ci表示的第一个元素是什么。从图上可以很容易的清楚，其实就是顺着Ci的最左儿子一直找直到找到叶子结点，那个叶子结点就是Ci表示区间的第一个元素。
更加具体的，如果i的二进制表示为 ABCDE1000，那么它最左边的儿子就是 ABCDE0100，这一步是通过结点父子关系的定义进行逆推得到，并且这条路径可以表示如下：
ABCDE1000 => ABCDE0100 => ABCDE0010 => ABCDE0001
这时候，ABCDE0001已经是叶子结点了，所以它就是Ci能够表示的第一个元素的下标，那么我们发现，如果用k来表示i的二进制末尾0的个数，Ci能够表示的A数组的区间的元素个数为2^k，又因为区间和的最后一个数一定是Ai，所以有如下公式：
Ci = sum{ A[j] | i – 2^k+ 1 <= j <= i } （帮助理解：将j的两个端点相减+1 等于2^k）
3、求和操作
明白了Ci的含义后，我们需要通过它来求sum{ A[j] | 1 <= j <= i }，也就是之前提到的sum(i)函数。为了简化问题，用一个函数lowbit(i)来表示2^k(k等于i的二进制表示中末尾0的个数)。那么：
sum(i) = sum{ A[j] | 1 <= j <= i } = A[1] + A[2] + … + A[i]
= A[1] + A[2] + A[i-2^k] + A[i-2^k+1] + … + A[i]
= A[1] + A[2] + A[i-2^k] + C[i]
= sum(i - 2^k) + C[i]
= sum( i – lowbit(i) ) + C[i]
由于C[i]已知，所以sum(i)可以通过递归求解，递归出口为当i = 0时，返回0。sum(i)函数的函数主体只需要一行代码：
int sum(int x){
return x ? C[x]+ sum( x - lowbit(x)):0;
}
观察 i – lowbit(i)，其实就是将i的二进制表示的最后一个1去掉，最多只有log(i)个1，所以求sum(n)的最坏时间复杂度为O(logn)。由于递归的时候常数开销比较大，所以一般写成迭代的形式更好。写成迭代代码如下：
int sum(int x){
int s =0;
for(int i = x; i ; i -= lowbit(i)){
s += c[i][j];
}
return s;
}
4、更新操作
更新操作就是之前提到的add(i, 1) 和 add(i, -1)，更加具体得，可以推广到add(i, v)，表示的其实就是 A[i] = A[i] + v。但是我们不能在原数组A上操作，而是要像求和操作一样，在树状数组C上进行操作。
那么其实就是求在Ai改变的时候会影响哪些Ci，看图二-1-1的树形结构就一目了然了，Ai的改变只会影响Ci及其祖先结点，即A5的改变影响的是C5、C6、C8；而A1的改变影响的是C1、C2、C4、C8。
也就是每次add(i, v)，我们只要更新Ci以及它的祖先结点，之前已经讨论过两个结点父子关系是如何建立的，所以给定一个x，一定能够在最多log(n) (这里的n是之前提到的值域) 次内更新完所有x的祖先结点，add(i, v)的主体代码（去除边界判断）也只有一行代码：
void add(int x,int v){
if(x <= n){
C[x]+= v, add( x + lowbit(i), v );
}
}
和求和操作类似，递归的时候常数开销比较大，所以一般写成迭代的形式更好。写成迭代形式的代码如下：
void add(int x,int v){
for(int i = x; i <= n; i += lowbit(i)){
C[i] += v;
}
}
5、lowbit函数O(1)实现
上文提到的两个函数sum(x)和add(x, v)都是用递归实现的，并且都用到了一个函数叫lowbit(x)，表示的是，其中k为x的二进制表示末尾0的个数，那么最简单的实现办法就是通过位运算的右移，循环判断最后一位是0还是1，从而统计末尾0的个数，一旦发现1后统计完毕，计数器保存的值就是k，当然这样的做法总的复杂度为O( logn )，一个32位的整数最多可能进行31次判断（这里讨论整数的情况，所以符号位不算）。这里介绍一种O(1)的方法计算2k的方法。
来看一段补码小知识：清楚补码的表示的可以跳过这一段，计算机中的符号数有三种表示方法，即原码、反码和补码。三种表示方法均有符号位和数值位两部分，符号位都是用0表示“正”，用1表示“负”，而数值位，三种表示方法各不相同。这里只讨论整数补码的情况，在计算机系统中，数值一律用补码来表示和存储。原因在于，使用补码，可以将符号位和数值域统一处理；同时，加法和减法也可以统一处理。整数补码的表示分两种：
正数：正数的补码即其二进制表示；例如一个8位二进制的整数+5，它的补码就是 00000101 （标红的是符号位，0表示”正”，1表示“负”）
负数：负数的补码即将其整数对应的二进制表示所有位取反(包括符号位)后+1；例如一个8位二进制的整数-5，它的二进制表示是00000101，取反后为11111010，再+1就是11111011，这就是它的补码了。
下面的等式可以帮助理解补码在计算机中是如何工作的：
+5 + (-5) = 00000101 + 11111011 = 1 00000000 (溢出了!!!) = 0这里的加法没有将数值位和符号位分开，而是统一作为二进制位进行计算，由于表示的是8进制的整数，所以多出的那个最高位的1会直接舍去，使得结果变成了0，而实际的十进制计算结果也是0，正确。
补码复习完毕，那么来看下下面这个表达式的含义：x & (-x) (其中 x >= 0)
首先进行&运算，我们需要将x和-x都转化成补码，然后再看&之后会发生什么，我们假设 x 的二进制表示的末尾是连续的 k 个 0，令x的二进制表示为 X0X1X2…Xn-2Xn-1, 则 {Xi = 0 | n-k <= i < n}， 这里的X0表示符号位。
x的补码就是由三部分组成：(0)(X1X2…Xn-k-1)(k个0) 其中Xn-k-1为1，因为末尾是k个0，如果它为0，那就变成k+1个0了。
-x的补码也是由三部分组成：(1)(Y1Y2…Yn-k-1)(k个0) 其中Yn-k-1为1，其它的Xi和Yi相加为1，想想补码是怎么计算的就明白了。
那么 x & (-x) 也就显而易见了，由两部分组成 (1)(k个0)，表示成十进制为 2k 啦。由于&的优先级低于-，所以代码可以这样写：
int lowbit(int x) {
return x & -x;
}
6、小结
至此，树状数组的基础内容就到此结束了，三个函数就诠释了树状数组的所有内容，并且都只需要一行代码实现，单次操作的时间复杂度为O( log(n) )，空间复杂度为O(n)，所以它是一种性价比非常高的轻量级数据结构。
树状数组解决的基本问题是 单点更新，成端求和。上文中的sum(x)求的是[1, x]的和，如果需要求[x, y]的和，只需要求两次sum函数，然后相减得到，即sum(y) – sum(x-1)。
下面一节会通过一些例子来具体阐述树状数组的应用场景。
三、树状数组的经典模型
1、PUIQ模型
【例题1】一个长度为n(n <= 500000)的元素序列，一开始都为0，现给出三种操作：
add x v : 给第x个元素的值加上v； ( a[x] += v )
sub x v : 给第x个元素的值减去v； ( a[x] -= v )
sum x y： 询问第x到第y个元素的和； ( print sum{ a[i] | x <= i <= y } )
这是树状数组最基础的模型，1和2的操作就是对应的单点更新，3的操作就对应了成端求和。
具体得，1和2只要分别调用add(x, v)和add(x, -v), 而3则是输出sum(y) – sum(x-1)的值。
我把这类问题叫做PUIQ模型(Point Update Interval Query 点更新，段求和)。
2、IUPQ模型
【例题2】一个长度为n(n <= 500000)的元素序列，一开始都为0，现给出两种操作：
add x y v : 给第x个元素到第y个元素的值都加上v； ( a[i] += v, 其中 x <= i <= y )
get x： 询问第x个元素的值； ( print a[x] )
这类问题对树状数组稍微进行了一个转化，但是还是可以用add和sum这两个函数来解决，对于操作1我们只需要执行两个操作，即add(x, v)和add(y+1, -v)；而操作2则是输出sum(x)的值。
这样就把区间更新转化成了单点更新，单点求值转化成了区间求和。
我把这类问题叫做IUPQ模型(Interval Update Point Query 段更新，点求值)。
3、逆序模型
【例题3】给定一个长度为n(n <= 500000)的排列a[i]，求它的逆序对对数。1 5 2 4 3 的逆序对为(5,2)(5,3)(5,4)(4,3)，所以答案为4。
朴素算法，枚举任意两个数，判断他们的大小关系进行统计，时间复杂度O(n2)。不推荐！来看一个给定n个元素的排列 X0 X1 X2 … Xn-2 Xn-1,对于某个 Xi 元素，如果想知道以它为”首”的逆序对的对数( 形如(XiXj) 的逆序对)，就是需要知道 Xi+1 … Xn-2 Xn-1 这个子序列中小于Xi 的元素的个数。
那么我们只需要对这个排列从后往前枚举，每次枚举到 Xi 元素时，执行cnt += sum(Xi-1)，然后再执行add(Xi, 1)，n个元素枚举完毕，得到的cnt值就是我们要求的逆序数了。总的时间复杂度O(nlogn)。
这个模型和之前的区别在于它不是将原数组的下标作为树状数组的下标，而是将元素本身作为树状数组的下标。逆序模型作为树状数组的一个经典思想有着非常广泛的应用。
【例题4】给定N(N <= 100000)个区间，定义两个区间(Si, Ei)和(Sj, Ej)的’>’如下：
如果Si <= Sj and Ej <= Ei and Ei – Si > Ej – Sj,则(Si, Ei) > (Sj, Ej)，现在要求每个区间有多少区间’>’它。将上述三个关系式化简，可以得到 区间i > 区间j 的条件是：区间i 完全覆盖 区间j，并且两者不相等。
图三-3-1
对区间进行排序，排序规则为：左端点递增，如果左端点相同，则右端点递减。
然后枚举区间，不断插入区间右端点，因为区间左端点是保持递增的，所以对于某个区间(Si, Ei)，只需要查询树状数组中[Ei, MAX]这一段有多少已经插入的数据，就能知道有多少个区间是比它大的，这里需要注意的是多个区间相等的情况，因为有排序，所以它们在排序后的数组中一定是相邻的，所以在遇到有相等区间的情况，需要”延迟”插入。等下一个不相等区间出现时才把之前保存下来的区间右端点进行插入。插入完毕再进行统计。
这里的插入即add(Ej, 1)，统计则是sum(MAX) – sum(Ei – 1) (其中j < i)。
4、二分模型
【例题5】给定N(N <= 100000)个编号为1-N的球，将它们乱序丢入一个“神奇的容器”中，作者会在丢的同时询问其中编号第K大的那个球，“神奇的容器”都能够从容作答，并且将那个球给吐出来，然后下次又可以继续往里丟。
现在要你来模拟这个神奇的容器的功能。可以抽象成两种操作：
put x 向容器中放入一个编号为x的球；
query K 询问容器中第K大的那个球，并且将那个球从容器中去除（保证K
这个问题其实就是一维Median Filter的原型了，只是那个问题的K = r+1，而这里的K是用户输入的一个常量。所谓二分模型就是在求和的过程中，利用求和函数的单调性进行二分枚举。
对于操作1，只是单纯地执行add(x, 1)即可；而对于操作2，我们要看第K大的数满足什么性质，由于这里的数字不会有重复，所以一个显而易见的性质就是一定有K-1个数大于它，假设它的值为x，那么必然满足下面的等式：sum(N) – sum( x ) == K-1，然而，满足这个等式的x可能并不止一个，来看下面的图：
图三-4-1
图三-4-1中灰色的格子表示容器中的球，分别为2、3、7、8，然后我们需要求第3大的球，理论的球编号为3，但是满足上面等式的球的编号为3、4、5、6。所以我们需要再加一个限制条件，即满足上面等式的最小的x。于是我们二分枚举x，当满足sum(N) – sum( x ) <= K-1时，将右区间缩小（说明找的数x偏大，继续往小的找），否则左区间增大(说明找的数x偏小，继续往大的找)，直到找到满足条件的最小的x为止。单次操作的时间复杂度为O( logn * logn )。
5、再说Median Filter
基于二分模型的一维Median Filter问题已经圆满解决了，那么最后让我们回到二维的Median Filter问题上来。
图三-5-1
有了一维的基础，对于二维的情况，其实也是一样的，如图三-5-1，图中红色的框为(1, 1)这个像素点的(2r+1)矩形区域，橙色的框则是(1, 2)的，它们的差别其实只是差了两列；同样的，橙色框和黄色框也差了两列，于是，我们可以从左向右枚举，每次将这个矩形框向右推进一格，然后将”离开”框的那一列数据从树状数组中删除，将”进入”框的那一列数据插入到树状数组中，然后统计中位数。
当枚举到右边界时，将矩形框向下推进一格，然后迂回向左，同样按照之前的方案统计中位数，就这样呈蛇字型迂回前进（具体顺序如图所示的红、橙、黄、绿、青、蓝、紫），这样就得到了一个O( n3lognlogn )的算法，比朴素算法下降了一个数量级。
6、多维树状数组模型
【例题6】给定一个N*N(N <= 1000)的矩形区域，执行两种操作：
add x y v 在(x, y)加上一个值v；
sum x1 y1 x2 y2 统计矩形(x1, y1) – (x2, y2)中的值的和；
PUIQ模型的二维版本。我们设计两种基本操作：
add(x, y, v) 在(x, y)这个格子加上一个值v；
sum(x, y) 求矩形区域(1, 1) – (x, y)内的值的和，那么(x1,y1)-(x2,y2)区域内的和可以通过四个求和操作获得，即 sum(x2, y2) – sum(x2, y1 – 1) – sum(x1 – 1, y2) + sum(x1 – 1, y1 – 1)。 （利用容斥原理的基本思想）add(x, y, v)和sum(x, y)可以利用二维树状数组实现，二维树状数组可以理解成每个C结点上又是一棵树状数组（可以从二维数组的概念去理解，即数组的每个元素都是一个数组），具体代码如下：
void add(int x,int y,int v){
for(int i = x; i <= n; i += lowbit(i)){
for(int j = y; j <= n; j += lowbit(j)){
c[i][j]+= v;
}
}
}
int sum(int x,int y){
int s =0;
for(int i = x; i ; i -= lowbit(i)){
for(int j = y; j ; j -= lowbit(j)){
s += c[i][j];
}
}
return s;
}
仔细观察即可发现，二维树状数组的实现和一维的实现极其相似，二维仅仅比一维多了一个循环，并且数据用二维数组实现。那么同样地，对于三维的情况，也只是在数组的维度上再增加一维，更新和求和时都各加一个循环而已。
四、树状数组题集整理
Enemy Soilders ★☆☆☆☆ 树状数组基础
Stars ★☆☆☆☆ 降维
Tunnel Warfare ★★☆☆☆ 二分模型
Apple Tree ★★☆☆☆
Mobile phones ★★☆☆☆ 二维PUIQ
Minimum Inversion Number ★★☆☆☆ 树状数组求逆序数
Ultra-QuickSort ★★☆☆☆ 求逆序数，经典树状数组
Cows ★★☆☆☆ 区间问题转化成逆序求解
MooFest ★★☆☆☆ 转化成求和
Ping pong ★★☆☆☆
Conturbatio ★★☆☆☆ 其实并不需要树状数组，直接静态求和就行O(1)
Cube ★★☆☆☆ 三维树状数组
Japan ★★★☆☆ 逆序模型，交叉统计问题
Magic Ball Game ★★★☆☆ 树上的统计
Super Mario ★★★☆☆ 降维思想
Median Filter ★★★☆☆ 模糊算法
Disharmony Trees ★★★☆☆ 统计问题
Find the non sub ★★★☆☆ 动态规划+树状数组
Traversal ★★★☆☆ 动态规划+树状数组
KiKi’s K-Number ★★★☆☆ 二分模型/K大数
Matrix ★★★☆☆ 二维IUPQ
Sum the K-th’s ★★★☆☆ K大数 / 二分模型
Kiki & Little Kiki 1 ★★★☆☆ 二分模型
The k-th Largest Group ★★★☆☆ 树状数组 + 并查集
Inversion ★★★★☆ 逆序数
Harmony Forever ★★★★☆ 二分模型
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